敌兵布阵
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 94636 Accepted Submission(s): 39932
Problem Description
C国的死对头A国这段时间正在进行军事演习，所以C国间谍头子Derek和他手下Tidy又开始忙乎了。A国在海岸线沿直线布置了N个工兵营地,Derek和Tidy的任务就是要监视这些工兵营地的活动情况。由于采取了某种先进的监测手段，所以每个工兵营地的人数C国都掌握的一清二楚,每个工兵营地的人数都有可能发生变动，可能增加或减少若干人手,但这些都逃不过C国的监视。 中央情报局要研究敌人究竟演习什么战术,所以Tidy要随时向Derek汇报某一段连续的工兵营地一共有多少人,例如Derek问:“Tidy,马上汇报第3个营地到第10个营地共有多少人!”Tidy就要马上开始计算这一段的总人数并汇报。但敌兵营地的人数经常变动，而Derek每次询问的段都不一样，所以Tidy不得不每次都一个一个营地的去数，很快就精疲力尽了，Derek对Tidy的计算速度越来越不满:"你个死肥仔，算得这么慢，我炒你鱿鱼!”Tidy想：“你自己来算算看，这可真是一项累人的工作!我恨不得你炒我鱿鱼呢!”无奈之下，Tidy只好打电话向计算机专家Windbreaker求救,Windbreaker说：“死肥仔，叫你平时做多点acm题和看多点算法书，现在尝到苦果了吧!”Tidy说："我知错了。。。"但Windbreaker已经挂掉电话了。Tidy很苦恼，这么算他真的会崩溃的，聪明的读者，你能写个程序帮他完成这项工作吗？不过如果你的程序效率不够高的话，Tidy还是会受到Derek的责骂的.
Input
第一行一个整数T，表示有T组数据。 每组数据第一行一个正整数N（N<=50000）,表示敌人有N个工兵营地，接下来有N个正整数,第i个正整数ai代表第i个工兵营地里开始时有ai个人（1<=ai<=50）。 接下来每行有一条命令，命令有4种形式： (1) Add i j,i和j为正整数,表示第i个营地增加j个人（j不超过30） (2)Sub i j ,i和j为正整数,表示第i个营地减少j个人（j不超过30）; (3)Query i j ,i和j为正整数,i<=j，表示询问第i到第j个营地的总人数; (4)End 表示结束，这条命令在每组数据最后出现; 每组数据最多有40000条命令
Output
对第i组数据,首先输出“Case i:”和回车, 对于每个Query询问，输出一个整数并回车,表示询问的段中的总人数,这个数保持在int以内。
Sample Input
1
10
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
Query 1 3
Add 3 6
Query 2 7
Sub 10 2
Add 6 3
Query 3 10
End
Sample Output
Case 1:
6
33
59
Author
Windbreaker
线段树模板题
#include#include #include #define ls (u<<1)#define rs (u<<1|1)using namespace std;#define maxn 200005int node[maxn<<2],a[maxn];//node为线段树数组void build(int u, int left, int right){ if(left==right) node[u]=a[left];//u代表当前线段树的根节点坐标 else{ int mid = (left + right)>>1; build(ls, left, mid);//递归构造左子树 build(rs, mid+1, right);//递归构造右子树 node[u] = node[ls] + node[rs];//根据左右子树根节点的值，更新当前根节点的值 }}void update(int u, int left, int right, int ai, int num){ if(left==right){ //找到了相应的节点，更新之 node[u] += num; return ; } int mid = (left + right) >> 1; if(ai<=mid) //在左子树中更新 update(ls, left, mid, ai,num); else update(rs, mid+1, right, ai, num);//在右子树中更新 node[u] = node[ls] + node[rs]; //根据左右子树的值回溯更新当前节点的值}int query(int u, int left, int right, int nbegin, int nend){ if(nbegin <= left && nend >= right)//当前节点区间包含在查询区间内 return node[u]; int mid = (left + right) >> 1; if(nend <= mid)//分别从左右子树查询，返回两者查询的结果（这里是一段区间的和） return query(ls, left, mid, nbegin, nend); else if(nbegin > mid) return query(rs, mid+1, right, nbegin, nend); else return query(ls, left, mid, nbegin, nend) + query(rs, mid+1, right, nbegin, nend);}int main (){ int T,n; char s[15]; cin >> T; for(int t=1;t<=T;t++){ cin >> n; printf("Case %d:\n",t); for(int i=1;i<=n;i++){ cin >> a[i]; } build(1,1,n); while(cin >> s){ if(!strcmp(s,"End")){ break; } int x,y; if(!strcmp(s,"Add")){ cin >> x >> y; update(1,1,n,x,y); } else if(!strcmp(s,"Sub")){ cin >> x >> y; update(1,1,n,x,-y); } else{ cin >> x >> y; cout << query(1,1,n,x,y) << endl; } } } return 0;}